Bernoulli egyenlőtlenség
Az elemzés , a Bernoulli egyenlőtlenség - elnevezett Jacques Bernoulli - kimondja, hogy:
(1+x)nem>1+nemx{\ displaystyle (1 + x) ^ {n}> 1 + nx}
bármely n > 1 egész számra és minden olyan valós x-re, amely nem nulla és nagyobb vagy egyenlő -1 .
Indukcióval történő bizonyítás
Vagy igazi . Lássuk a egyenlőtlenség bármely egész szám n > 1 , az indukció a n .
x∈[-1,0[∪]0,+∞[{\ displaystyle x \ in \ left [-1,0 \ right [\ cup \ left] 0, + \ infty \ right [}
- Inicializálás: ezért a tulajdonság igaz n = 2 esetén .(1+x)2=1+2x+x2>1+2x{\ displaystyle (1 + x) ^ {2} = 1 + 2x + x ^ {2}> 1 + 2x}
- Öröklés: tegyük fel (indukciós hipotézis) ezt, és mutassuk meg, hogy a tulajdonság igaz a következő k + 1 rangon , vagyis ezt mutatják meg . Szorzása mindkét tagja az egyenlőtlenség az indukciós hipotézist 1 + x (ami által hipotézis pozitív vagy nulla) kapjuk: .(1+x)k>1+kx{\ displaystyle (1 + x) ^ {k}> 1 + kx}(1+x)k+1>1+(k+1)x{\ displaystyle (1 + x) ^ {k + 1}> 1+ (k + 1) x}
(1+x)k+1=(1+x)k(1+x)≥(1+kx)(1+x)=1+(k+1)x+kx2>1+(k+1)x{\ displaystyle (1 + x) ^ {k + 1} = (1 + x) ^ {k} (1 + x) \ geq (1 + kx) (1 + x) = 1 + (k + 1) x + kx ^ {2}> 1+ (k + 1) x}
- Következtetés: a tulajdonság igaz a 2. rangban, ezért örökletes, így bármely n ≥ 2 egész számra igaz .
Általánosítás
Bármely valós r > 1 és minden olyan valós x esetében, amely nem nulla és nem nagyobb vagy egyenlő −1 , akkor is megvan:
(1+x)r>1+rx{\ displaystyle (1 + x) ^ {r}> 1 + rx}.
Bemutató tanulmányozásával
változatai a különbség
Ez alkalommal is r , hogy rögzítse (szigorúan nagyobb, mint 1 ), és tanulmányozzuk a variációk a függvény F definiált D = [-1, + ∞ [ by:
f(x)=(1+x)r-(1+rx){\ displaystyle f (x) = (1 + x) ^ {r} - (1 + rx)},
azzal a céllal, hogy megmutassuk, hogy f ( x )> 0 a D-hez tartozó összes x nem nulla esetében .
Az első két-származékok f a ] -1, + ∞ [ adják:
f′(x)=r(1+x)r-1-r=r((1+x)r-1-1){\ displaystyle f '(x) = r \ bal (1 + x \ jobb) ^ {r-1} -r = r \ bal (\ bal (1 + x \ jobb) ^ {r-1} -1 \ jobb)},
f″(x)=r(r-1)(1+x)r-2>0{\ displaystyle f '' (x) = r (r-1) \ bal (1 + x \ jobb) ^ {r-2}> 0}
ezért nulla a 0 és szigorúan növekszik. Ezért szigorúan negatív a ] –1, 0 [ és szigorúan pozitív ] 0, + ∞ [esetén .
f′{\ displaystyle f '}
Következésképpen az f függvény (folytonos 0-ban és −1-ben ) szigorúan csökken a [–1, 0] értéken, és szigorúan növekszik a [0, + ∞ [ ] értéken .
Amint eltűnik a 0 , akkor ezért f > 0 a .
[-1,0[∪]0,+∞[{\ displaystyle \ left [-1,0 \ right [\ cup \ left] 0, + \ infty \ right [}
Megjegyzések és hivatkozások
-
(en) interaktív animációval megjelenítve a demonstrations.wolfram.com oldalon
-
Gyorsabb módszer a binomiális képlet használata, ha x > 0 ( (en) Eric W. Weisstein , „ Bernoulli-egyenlőtlenség ” , a MathWorld- on ), és a képlet egy geometriai szekvencia első tagjának összegére, ha - 1 ≤ x <0 ( ).nem>1+(1+x)+⋯+(1+x)nem-1=1-(1+x)nem-x{\ displaystyle n> 1+ (1 + x) + \ pont + (1 + x) ^ {n-1} = {\ frac {1- (1 + x) ^ {n}} {- x}}}
<img src="https://fr.wikipedia.org/wiki/Special:CentralAutoLogin/start?type=1x1" alt="" title="" width="1" height="1" style="border: none; position: absolute;">